Question

14．已知，△ABC中，AB=AC，∠BAC=90°，E為邊AC任意一點，連接BE．
（1）如圖1，若∠ABE=15°，O為BE中點，連接AO，且AO=1，求BC的長；
（2）如圖2，F(xiàn)也為AC上一點，且滿足AE=CF，過A作AD⊥BE交BE于點H，交BC于點D，連接DF交BE于點G，連接AG；
①若AG平分∠CAD，求證：AH=$\frac{1}{2}$AC；
②如圖3，當(dāng)G落在△ABC外時，若將△EFG沿EF邊翻折，點G剛好落在AB邊上點P，試猜想AG與EF的數(shù)量關(guān)系，不需證明．

Answer 1

分析 （1）如圖1中，在AB上取一點M，使得BM=ME，連接ME．，設(shè)AE=x，則ME=BM=2x，AM=$\sqrt{3}$x，根據(jù)AB²+AE²=BE²，可得方程（2x+$\sqrt{3}$x）²+x²=2²，解方程即可解決問題．
（2）如圖2中，作CP⊥AC，交AD的延長線于P，GM⊥AC于M．首先證明AM=MC，再證明AH=AM即可解決問題．
（3）結(jié)論：AG=$\frac{3\sqrt{2}}{2}$EF．如圖3中，作CM⊥AC交AD的延長線于M，連接PG交AC于點O．首先證明四邊形EGFP是菱形，推出PG⊥AC，OE=OF，由AE=CF，推出AO=OC，由AB∥OP，推出BP=PC，由PF∥BE，推出EF=CF=AE，由PB=PC，AO=OC，
推出PO=OG=$\frac{1}{2}$AB，推出AB=PG，AB∥PG，推出四邊形ABPG是平行四邊形，推出AG∥BC，推出∠GAO=∠ACB=45°，設(shè)EO=OF=a，則OA=OG=3a，AG=3$\sqrt{2}$a，由此即可解決問題．

解答 （1）解：如圖1中，在AB上取一點M，使得BM=ME，連接ME．

在Rt△ABE中，∵OB=OE，
∴BE=2OA=2，
∵M(jìn)B=ME，
∴∠MBE=∠MEB=15°，
∴∠AME=∠MBE+∠MEB=30°，設(shè)AE=x，則ME=BM=2x，AM=$\sqrt{3}$x，
∵AB²+AE²=BE²，
∴（2x+$\sqrt{3}$x）²+x²=2²，
∴x=$\frac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{2}$（負(fù)根已經(jīng)舍棄），
∴AB=AC=（2+$\sqrt{3}$）•$\frac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{2}$，
∴BC=$\sqrt{2}$AB=$\sqrt{3}$+1．

（2）證明：如圖2中，作CP⊥AC，交AD的延長線于P，GM⊥AC于M．

∵BE⊥AP，
∴∠AHB=90°，
∴∠ABH+∠BAH=90°，
∵∠BAH+∠PAC=90°，
∴∠ABE=∠PAC，
在△ABE和△CAP中，
$\left\{\begin{array}{l}{∠ABE=∠PAC}\\{AB=AC}\\{∠BAE=∠ACP=90°}\end{array}\right.$，
∴△ABE≌△CAP，
∴AE=CP=CF，∠AEB=∠P，
在△DCF和△DCP中，
$\left\{\begin{array}{l}{CD=CD}\\{∠DCF=∠DCP}\\{CF=CP}\end{array}\right.$，
∴△DCF≌△DCP，
∴∠DFC=∠P，
∴∠GFE=∠GEF，
∴GE=GF，∵GM⊥EF，
∴FM=ME，
∵AE=CF，
∴AF=CE，
∴AM=CM，
在△GAH和△GAM中，
$\left\{\begin{array}{l}{∠GAH=∠GAM}\\{∠AHG=∠AMG}\\{AG=AG}\end{array}\right.$，
∴△AGH≌△AGM，
∴AH=AM=CM=$\frac{1}{2}$AC

（3）解：結(jié)論：AG=$\frac{3\sqrt{2}}{2}$EF．
理由：如圖3中，作CM⊥AC交AD的延長線于M，連接PG交AC于點O．

由（2）可知△ACM≌△BAE，△CDF≌△CDM，
∴∠AEB=∠M=∠GEF，∠M=∠CFD=∠GFE，AE=CM=CF，
∴∠GEF=∠GFE，
∴GE=GF，
∵△EFP是由△EFG翻折得到，
∴EG=EP=GF=PF，
∴四邊形EGFP是菱形，
∴PG⊥AC，OE=OF，
∵AE=CF，
∴AO=OC，
∵AB∥OP，
∴BP=PC，
∵PF∥BE，
∴EF=CF=AE，
∵PB=PC，AO=OC，
∴PO=OG=$\frac{1}{2}$AB，
∴AB=PG，AB∥PG，
∴四邊形ABPG是平行四邊形，
∴AG∥BC，
∴∠GAO=∠ACB=45°，設(shè)EO=OF=a，則OA=OG=3a，AG=3$\sqrt{2}$a，
∴$\frac{AG}{EF}$=$\frac{3\sqrt{2}a}{2a}$=$\frac{3\sqrt{2}}{2}$，
∴AG=$\frac{3\sqrt{2}}{2}$EF．

點評 本題考查三角形綜合題、全等三角形的判定和性質(zhì)、直角三角形斜邊中線定理、菱形的判定和性質(zhì)、平行四邊形的判定和性質(zhì)、等腰直角三角形的性質(zhì)等知識，解題的關(guān)鍵是學(xué)會添加常用輔助線，構(gòu)造全等三角形解決問題，第三個問題的根據(jù)是證明四邊形EGFP是菱形，四邊形ABPG是平行四邊形，屬于中考壓軸題．