Question

如圖（1），在平面直角坐標(biāo)系中，⊙O₁與x軸相切于點(diǎn)A（3，0），與y軸相交于B、C兩點(diǎn)，且BC=8，連接AB、O₁B．

（1）AB的長(zhǎng)=

 

；
（2）求證：∠ABO₁=∠ABO；
（3）如圖（2），過(guò)A、B兩點(diǎn)作⊙O₂與y軸的負(fù)半軸交于點(diǎn)M，與O₁B的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)N，連接AM、MN，當(dāng)⊙O₂的大小變化時(shí)，∠ABO₁與∠AMN始終相等，問(wèn)BM-BN的值是否變化，為什么？如果不變，請(qǐng)求出BM-BN的值．

Answer 1

考點(diǎn)：圓的綜合題

專題：

分析：（1）作O₁E⊥BC于點(diǎn)E，根據(jù)垂徑定理得到E為BC的中點(diǎn)，由BC的長(zhǎng)求出BE的長(zhǎng)，再由A的橫坐標(biāo)得出OA的長(zhǎng)，即為O₁E的長(zhǎng)，在直角三角形O₁BE中，根據(jù)勾股定理求出O₁B的長(zhǎng)，用OE-BE求出OB的長(zhǎng)，在直角三角形AOB中，根據(jù)勾股定理即可求出AB的長(zhǎng)；
（2）連接O₁A，由圓O₁與x軸切于A，根據(jù)切線的性質(zhì)得到O₁A垂直于OA，由OB與AO垂直，根據(jù)平面內(nèi)垂直于同一條直線的兩直線平行，得到O₁A與OB平行，根據(jù)兩直線平行內(nèi)錯(cuò)角相等，得到一對(duì)內(nèi)錯(cuò)角相等，再由O₁A=O₁B，根據(jù)等邊對(duì)等角可得出一對(duì)角相等，等量代換可得出∠ABO₁=∠ABO；
（3）在MB上取一點(diǎn)G，使MG=BN，連接AN、AG、由∠ABO₁為四邊形ABMN的外角，根據(jù)圓內(nèi)接四邊形的外角等于它的內(nèi)對(duì)角，可得出∠ABO₁=∠NMA，再由∠ABO₁=∠ABO，等量代換可得出∠ABO=∠NMA，然后利用同弧所對(duì)的圓周角相等可得出∠ABO=∠ANM，等量代換可得出∠NMA=∠ANM，根據(jù)等角對(duì)等邊可得出AM=AN，再由同弧所對(duì)的圓周角相等，及OM=BN，利用SAS可得出三角形AMG與三角形ABN全等，根據(jù)全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等可得出AG=AB，由AO與BG垂直，根據(jù)三線合一得到O為BG的中點(diǎn)，根據(jù)OB的長(zhǎng)求出BG的長(zhǎng)，然后BM-BN=BM-MG=BG，由BG為常數(shù)得到BM-BN的長(zhǎng)不變．

解答：解：（1）作O₁E⊥BC于點(diǎn)E，
∴E為BC的中點(diǎn)，
∵BC=8，
∴BE=

1

2

BC=4，
∵A（-3，0），
∴O₁E=OA=3，
在直角三角形O₁BE中，
根據(jù)勾股定理得：O₁B=

BE2+O1B2

=

42+32

=5，
∴O₁A=EO=5，
∴BO=5-4=1，
在直角三角形AOB中，
根據(jù)勾股定理得：AB=

OA2+OB2

=

10

．
故答案為：

10

；
                              
（2）證明：連接O₁A，則O₁A⊥OA，
又∵OB⊥OA，
∴O₁A∥OB，∠O₁AB=∠ABO，
又∵O₁A=O₁B，
∴∠O₁AB=∠O₁BA，
∴∠ABO₁=∠ABO；

（3）BM-BN的值不變．
理由為：在MB上取一點(diǎn)G，使MG=BN，連接AN、AG，
∵∠ABO₁為四邊形ABMN的外角，
∴∠ABO₁=∠ABO，∠ABO₁=∠AMN，
∴∠ABO=∠AMN，
又∵∠ABO=∠ANM，
∴∠AMN=∠ANM，
∴AM=AN，
∵∠AMG、∠ANB都為AB弧所對(duì)的圓周角，
∴∠AMG=∠ANB
∵在△AMG和△ANB中，

AM=AN ∠AMG=∠ANB MG=BN

，
∴△AMG≌△ANB（SAS），
∴AG=AB，
∵AO⊥BG，
∴BG=2BO=2，
∴BM-BN=BM-MG=BG=2其值不變．

點(diǎn)評(píng)：此題考查的是圓的綜合題，涉及到切線的性質(zhì)，坐標(biāo)與圖形性質(zhì)，垂徑定理，勾股定理，等腰三角形的性質(zhì)，以及全等三角形的判定與性質(zhì)．熟練掌握性質(zhì)及定理是解本題的關(guān)鍵．