Question

11．已知函數(shù)f（x）=cos²x+（m-2）sinx+m，x∈R，m是常數(shù)．
（1）當(dāng)m=1時(shí)，求函數(shù)f（x）的值域；
（2）當(dāng)$m=-\frac{7}{2}$時(shí)，求方程f（x）=0的解集；
（3）若函數(shù)f（x）在區(qū)間$[{-\frac{π}{6}，\frac{5π}{6}}]$上有零點(diǎn)，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）當(dāng)m=1時(shí)，化簡(jiǎn)函數(shù)的解析式，利用正弦函數(shù)的最值以及二次函數(shù)的最值求解即可．
（2）當(dāng)$m=-\frac{7}{2}$時(shí)，化簡(jiǎn)f（x）=0，即$-{sin^2}x+（{-\frac{7}{2}-2}）sinx-\frac{7}{2}+1=0$，求解即可．
（3）利用換元法1+sinx=t，求出自變量的范圍，判斷函數(shù)的單調(diào)性，然后求解函數(shù)的最值．

解答 解：f（x）=cos²x+（m-2）sinx+m=1-sin²x+（m-2）sinx+m=-sin²x+（m-2）sinx+m+1…（1分）
（1）當(dāng)m=1時(shí)，$f（x）=-{sin^2}x-sinx+2=-{（{sinx+\frac{1}{2}}）^2}+\frac{9}{4}$
當(dāng)$sinx=-\frac{1}{2}$時(shí)，$f{（x）_{max}}=\frac{9}{4}$，當(dāng)sinx=1時(shí)，f（x）_min=0
所以，當(dāng)m=1時(shí)，函數(shù)f（x）的值域是$[{0，\frac{9}{4}}]$；…（5分）
（2）當(dāng)$m=-\frac{7}{2}$時(shí)，方程f（x）=0即$-{sin^2}x+（{-\frac{7}{2}-2}）sinx-\frac{7}{2}+1=0$，
即2sin²x+11sinx+5=0，解得$sinx=-\frac{1}{2}$，（sinx=-5已舍）…（8分）$x=2kπ+\frac{4π}{3}$，和$x=2kπ+\frac{5π}{3}，k∈Z$
所以，當(dāng)$m=-\frac{7}{2}$時(shí)，方程f（x）=0的解集是$\left\{{x|x=2kπ+\frac{4π}{3}，或x=2kπ+\frac{5π}{3}，k∈Z}\right\}$…（10分）
（3）由f（x）=0，得-sin²x+（m-2）sinx+m+1=0，-sin²x+（m-2）sinx+m+1=0，
（1+sinx）m=sin²x+2sinx-1，
∵$x∈[{-\frac{π}{6}，\frac{5π}{6}}]$，∴1+sinx≠0，
∴$m=\frac{{{{sin}^2}x+2sinx-1}}{1+sinx}=\frac{{{{（{1+sinx}）}^2}-2}}{1+sinx}$…（13分）
令1+sinx=t，∵$x∈[{-\frac{π}{6}，\frac{5π}{6}}]$，∴$t∈[{\frac{1}{2}，2}]$$m=t-\frac{2}{t}，t∈[{\frac{1}{2}，2}]$
令$g（t）=t-\frac{2}{t}，t∈[{\frac{1}{2}，2}]$
設(shè)$\frac{1}{2}≤{t_1}＜{t_2}≤2，g（{t_1}）-g（{t_2}）=（{{t_1}-\frac{2}{t_1}}）-（{{t_2}-\frac{2}{t_2}}）=（{{t_1}-{t_2}}）-（{\frac{2}{t_1}-\frac{2}{t_2}}）$=$（{{t_1}-{t_2}}）-\frac{{2（{{t_2}-{t_1}}）}}{{{t_1}{t_2}}}=\frac{{（{{t_1}-{t_2}}）（{{t_1}{t_2}+2}）}}{{{t_1}{t_2}}}＜0$，
∴g（t₁）＜g（t₂），∴g（t）在$[{\frac{1}{2}，2}]$上是增函數(shù)，
∴g（t）在$[{\frac{1}{2}，2}]$上的值域是$[{-\frac{7}{2}，1}]$，
∴m∈$[{-\frac{7}{2}，1}]$…（16分）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查函數(shù)與方程的應(yīng)用，三角函數(shù)的最值的求法，換元法的應(yīng)用，考查計(jì)算能力．