Question

3．正項(xiàng)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為s_n，且$2\sqrt{s_n}={a_n}+1$．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）設(shè)${b_n}={a_n}•{2^{{a_n}+1}}$，數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，求T_n．

Answer 1

分析 （Ⅰ）利用a_n=S_n-S_n-1（n≥2）計(jì)算可知a_n-a_n-1=2（n≥2），進(jìn)而可知數(shù)列{a_n}是首項(xiàng)為1，公差為2的等差數(shù)列，計(jì)算即得結(jié)論；
（Ⅱ）通過(guò)（Ⅰ）知${b_n}={a_n}•{2^{{a_n}+1}}$=（2n-1）•4ⁿ，利用錯(cuò)位相減法計(jì)算即得結(jié)論．

解答 解：（Ⅰ）因?yàn)?2\sqrt{s_n}={a_n}+1$，
所以當(dāng)n=1時(shí)$2\sqrt{s_1}={a_1}+1$，即a₁=1，
因?yàn)?2\sqrt{s_n}={a_n}+1$，
∴$4{s_n}={（{a_n}+1）^2}$，
∴當(dāng)n≥2時(shí)，$4{a_n}={（{a_n}+1）^2}-{（{a_{n-1}}+1）^2}$，
即（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1-2）=0，
又∵a_n＞0，
∴a_n-a_n-1=2（n≥2），
故數(shù)列{a_n}是首項(xiàng)為1，公差為2的等差數(shù)列，
∴a_n=2n-1；
（Ⅱ）由（Ⅰ）知a_n=2n-1，
∴${b_n}={a_n}•{2^{{a_n}+1}}$=（2n-1）•4ⁿ，
∴T_n=b₁+b₂+…+b_n=1•4+3•4²+…+（2n-1）•4ⁿ，
$4{T_n}={4^2}+3•{4^3}+…+（2n-1）•{4^{n+1}}$，
兩式相減得$-3{T_n}=4+2•（{4^2}+{4^3}+…+{4^n}）-（2n-1）•{4^{n+1}}$
=$4+2•\frac{{{4^2}（1-{4^{n-1}}）}}{1-4}-（2n-1）•{4^{n+1}}$
=$4+\frac{2}{3}•{4^{n+1}}-\frac{32}{3}-（2n-1）•{4^{n+1}}$
=$-\frac{20}{3}+（\frac{5}{3}-2n）•{4^{n+1}}$，
∴${T_n}=\frac{20}{9}+\frac{6n-5}{9}•{4^{n+1}}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列的通項(xiàng)及前n項(xiàng)和，考查運(yùn)算求解能力，利用錯(cuò)位相減法是解決本題的關(guān)鍵，注意解題方法的積累，屬于中檔題．