Question

如圖所示，空間某平面內(nèi)有一條折線是磁場的分界線，在折線的兩側(cè)分布著方向相反、與平面垂直的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小都為B．折線的頂角∠A=90°，P、Q是折線上的兩點，AP=AQ=L．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電微粒從P點沿PQ方向射出，不計微粒的重力．
（1）若P、Q間外加一與磁場方向垂直的勻強電場，能使速度為v₀射出的微粒沿PQ直線運動到Q點，求其電場強度．
（2）撤去電場，為使微粒從P點射出后，途經(jīng)折線的頂點A而到達Q點，求初速度v應(yīng)滿足什么條件？
（3）求第（2）中微粒從P點到達Q點所用時間的最小值．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)電場力與洛倫茲力平衡，即可求解；
（2）根據(jù)牛頓第二定律，洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系，即可求解；
（3）由n取奇數(shù)與偶數(shù)兩種情況下，結(jié)合圓心角，從而求出時間．

解答：解：（1）由電場力與洛倫茲力平衡得：qE=qv₀B
解得：E=v₀B   方向豎直向下 
（2）根據(jù)運動的對稱性，微粒能從P點到達Q點，應(yīng)滿足：L=nx   
其中x為每次偏轉(zhuǎn)圓弧對應(yīng)的弦長，偏轉(zhuǎn)圓弧對應(yīng)的圓心角為

π

2

或

3π

2

．
設(shè)圓弧的半徑為R，由幾何得：2R²=x²，可得：R=

L

2 n

      
 又由qvB=

mv2

R

 
解得：v=

qBL

2 m?n

，（n=1、2、3、…）      
（3）當n取奇數(shù)時，微粒從P到Q過程中圓心角的總和為

θ1=n?

π

2

+n

3π

2

=2nπ，
t1=2nπ?

m

qB

=

2πm

qB

?n，（其中n=1、3、5、…）
當n=1時  tmin=

2πm

qB

當n取偶數(shù)時，微粒從P到Q過程中圓心角的總和為：
θ2=n?

π

2

+n

π

2

=nπ，
t2=nπ?

m

qB

=

πm

qB

?n，其中n=2、4、6、
當n=2時  tmin=

2πm

qB

綜上，最短時間為tmin=

2πm

qB

答：（1）若P、Q間外加一與磁場方向垂直的勻強電場，能使速度為v₀射出的微粒沿PQ直線運動到Q點，其電場強度E=v₀B，方向豎直向下．
（2）撤去電場，為使微粒從P點射出后，途經(jīng)折線的頂點A而到達Q點，初速度v應(yīng)滿足：v=

qBL

2 m?n

，（n=1、2、3、…）；
（3）求第（2）中微粒從P點到達Q點所用時間的最小值為tmin=

2πm

qB

．

點評：考查受力平衡條件，掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，理解在磁場中運動時間除與圓心角有關(guān)外，還與n取奇偶性有關(guān)．