Question

5．如圖所示，豎直平面坐標(biāo)系xOy的第一象限，有垂直xOy平面向外的水平勻強磁場和豎直向上的勻強電場，大小分別為B和E；第四象限有垂直xOy平面向里的水平勻強電場，大小為E；第三象限內(nèi)有一絕緣光滑豎直放置的半徑為a的半圓軌道，軌道最高點與坐標(biāo)原點O相切，最低點與絕緣光滑水平面相切于N．一質(zhì)量為m的帶電小球從軸上的P點（y＞0）沿x軸正方向進入第一象限后做圓周運動，恰好通過坐標(biāo)原點O，且水平切入半圓軌道并沿軌道內(nèi)運動，過N點水平進入第四象限，并在電場中運動（已知重力加速度為g）
（1）判斷小球的帶電性質(zhì)并求出其所帶電荷量；
（2）P點距坐標(biāo)原點O至少多高；
（3）若該小球以滿足（2）中OP最小值的位置和對應(yīng)速度進入第一象限，通過N點開始計時，經(jīng)時間t=2（$\frac{a}{g}$）${\;}^{\frac{1}{2}}$，小球距坐標(biāo)原點O的距離s為多遠(yuǎn)？

Answer 1

分析 （1）小球進入第一象限正交的 電場和磁場后，在垂直磁場的 平面內(nèi)做圓周運動，說明重力與電場力平衡從而判定小球的電性和電量．
（2）設(shè)勻速圓周運動的 速度為v、軌道半徑為r由洛倫茲力提供向心力；小球恰能通過半圓軌道的 最高點并沿軌道運動，則應(yīng)滿足重力恰好提供向心力，聯(lián)立即可求出P點距坐標(biāo)原點O至少多高；
（3）小球由O運動到N的過程中由機械能守恒，小球從N點進入電場區(qū)域后，在絕緣光滑水平面上作類平拋運動．根據(jù)運動的類型，寫出相應(yīng)的公式，就可以求解．

解答 解：（1）小球進入第一象限正交的 電場和磁場后，在垂直磁場的 平面內(nèi)做圓周運動，說明重力與電場力平衡．設(shè)小球所帶電荷量為q，則有：qE=mg（1）
解得：$q=\frac{mg}{E}$（2）
又電場方向豎直向上故小球帶正電．
（2）設(shè)勻速圓周運動的 速度為v、軌道半徑為R由洛倫茲力提供向心力得：$qBv=\frac{m{v}^{2}}{r}$（3）
小球恰能通過半圓軌道的最高點并沿軌道運動，則應(yīng)滿足：$mg=\frac{m{v}^{2}}{R}$（4）
由（3）（4）得：r=$\frac{m\sqrt{gR}}{qB}$（5）
即：PO的最小距離為：y=2r=$\frac{2E}{B}\sqrt{\frac{R}{g}}$（6）
（3）小球由O運動到N的 過程中設(shè)到達(dá)N點的速度為v_N，由機械能守恒得：$mg2R=\frac{1}{2}mv_N^2-\frac{1}{2}m{v^2}$（7）
由（4）（7）解得：${v_N}=\sqrt{5gR}$（8）
小球從N點進入電場區(qū)域后，在絕緣光滑水平面上作類平拋運動．設(shè)加速度為a，則有：
沿x軸方向有：x=v_Nt（9）
沿電場方向有：$z=\frac{1}{2}a{t^2}$（10）
由牛頓第二定律得：a=$\frac{qE}{m}$（11）
t時刻小球距O點為：$s=\sqrt{{x^2}+{z^2}+{{（2R）}^2}}=2\sqrt{7}R$
答：（1）小球的帶正電，其所帶電荷量$q=\frac{mg}{E}$；
（2）P點距坐標(biāo)原點O至少為$\frac{2E}{B}\sqrt{\frac{R}{g}}$；
（3）經(jīng)時間t=2$\sqrt{\frac{R}{g}}$小球距坐標(biāo)原點O的距離$2\sqrt{7}R$．

點評 該題中，設(shè)置的情景比較復(fù)雜，運動的過程較多，一定要理清運動的過程和各個過程中的受力以及做功的情況，再選擇合適的公式進行解題．