Question

（1）用頻率為v₀的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，在所發(fā)射的光譜中僅能觀(guān)測(cè)到頻率分別為v₁、v₂、v₃的三條譜線(xiàn)，且v₃＞v₂＞v₁，則

 

．（填入正確選項(xiàng)前的字母）
A．v₀＜v₁ B．v₃=v₂+v₁ C．v₀=v₁+v₂+v₃ D.

1

v1

=

1

v2

+

1

v3

（2）如圖所示，光滑的水平地面上有一木板，其左端放有一重物，右方有一豎直的墻．重物質(zhì)量為木板質(zhì)量的2倍，重物與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．使木板與重物以共同的速度v₀向右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻木板與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短．求木板從第一次與墻碰撞到再次碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間．設(shè)木板足夠長(zhǎng)，重物始終在木板上．重力加速度為g．

Answer 1

分析：（1）、根據(jù)波爾理論的第二個(gè)內(nèi)容躍遷的知識(shí)解答，原子從一種定態(tài)躍遷到另一種定態(tài)時(shí)，會(huì)輻射或吸收一定頻率的光子，光子的能量由這兩定態(tài)的能量差決定．即：hv=E_m-E_n，可知有hν₃=hν₁+hν₂．
（2）、從木板第一次與墻碰撞到第二次碰撞，要分為兩個(gè)過(guò)程，一是從第一次碰撞到重物與木板具有共同速度時(shí)．二是從具有共同速度到第二次與墻碰撞．第一個(gè)過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量守恒和動(dòng)量定理可求出第一過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間t₁，第二個(gè)過(guò)程是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出第二過(guò)程所用的時(shí)間．

解答：解：
（1）、當(dāng)用頻率為ν₀的光照射處于基態(tài)的氫原子時(shí)，由所發(fā)射的光譜中僅能觀(guān)測(cè)到三種頻率的譜線(xiàn)可知，這三種頻率的光子應(yīng)是氫原子從第3能級(jí)向低能級(jí)躍遷過(guò)程中所輻射的，由能量特點(diǎn)可知，ν₃=ν₁+ν₂，選項(xiàng)B正確．選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤．
故答案為B．
（2）、第一次與墻碰撞后，木板的速度反向，大小不變，此后木板向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，重物向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，最后木板和重物達(dá)到共同的速度v．設(shè)木板的質(zhì)量為m，重物的質(zhì)量為2m，取向右為動(dòng)量的正向，由動(dòng)量守恒得：
2mv₀-mv₀=3mv…①
設(shè)從第一次與墻碰撞到重物和木板具有共同速度v所用的時(shí)間為t₁，對(duì)木板應(yīng)用動(dòng)量定理得：
2μmgt₁=mv-m（-v₀）…②
設(shè)重物與木板有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為a，由牛頓第二定律得：
2μmg=ma…③
在達(dá)到共同速度v時(shí)，木板離墻的距離l為：
l=v0t1-

1

2

a

t

2 1

…④
開(kāi)始向右做勻速運(yùn)動(dòng)到第二次與墻碰撞的時(shí)間為：
t2=

l

v

…⑤
從第一次碰撞到第二次碰撞所經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：
t=t₁+t_2…⑥
由以上各式得t=

4v0

3μg

答：木板從第一次與墻碰撞到再次碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間為

4v0

3μg

．

點(diǎn)評(píng)：（1）、在波爾模型中，原子的可能狀態(tài)是不連續(xù)的．各狀態(tài)對(duì)應(yīng)的能量也是不連續(xù)的．從一個(gè)較高的能及躍遷到一個(gè)較低的能級(jí)，就會(huì)釋放一個(gè)一定能量的光子．光子的能量是這兩個(gè)定態(tài)能量的差值．
（2）、對(duì)于“板塊模型”，對(duì)相互作用過(guò)程的板、塊系統(tǒng)，可運(yùn)用動(dòng)量守恒定律列式．然后隔離板、塊，若涉及相互作用時(shí)間，可對(duì)其分別運(yùn)用動(dòng)量定理或牛頓第二定律及勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律列式；若不涉及時(shí)間只涉及位移（路程），可對(duì)其分別運(yùn)用動(dòng)能定理列式．