Question

20．如圖，在半徑為5的⊙O中，弦AB=8，P是弦AB所對(duì)的優(yōu)弧上的動(dòng)點(diǎn)，連接AP，過(guò)點(diǎn)A作AP的垂線交射線PB于點(diǎn)C，當(dāng)△PAB是等腰三角形時(shí)，線段BC的長(zhǎng)為8，$\frac{56}{15}$或$\frac{8\sqrt{5}}{3}$．

Answer 1

分析 ①當(dāng)BA=BP時(shí)，利用直角三角形斜邊的中線等于斜邊的一半；
②當(dāng)AB=AP時(shí)，如圖1，延長(zhǎng)AO交PB于點(diǎn)D，過(guò)點(diǎn)O作OE⊥AB于點(diǎn)E，易得△AOE∽△ABD，利用相似三角形的性質(zhì)求得BD，PB，然后利用相似三角形的判定定理△ABD∽△CPA，代入數(shù)據(jù)得出結(jié)果；
③當(dāng)PA=PB時(shí)，如圖2，連接PO并延長(zhǎng)，交AB于點(diǎn)F，過(guò)點(diǎn)C作CG⊥AB，交AB的延長(zhǎng)線于點(diǎn)G，連接OB，則PF⊥AB，易得AF=FB=4，利用勾股定理得OF=3，F(xiàn)P=8，易得△PFB∽△CGB，利用相似三角形的性質(zhì)$\frac{CG}{BG}=\frac{2}{1}$，設(shè)BG=t，則CG=2t，利用相似三角形的判定定理得△APF∽△CAG，利用相似三角形的性質(zhì)得比例關(guān)系解得t，在Rt△BCG中，得BC．

解答 解：①當(dāng)BA=BP時(shí)，
易得AB=BP=BC=8，即線段BC的長(zhǎng)為8．
②當(dāng)AB=AP時(shí)，如圖1，延長(zhǎng)AO交PB于點(diǎn)D，過(guò)點(diǎn)O作OE⊥AB于點(diǎn)E，則AD⊥PB，AE=$\frac{1}{2}$AB=4，
∴BD=DP，
在Rt△AEO中，AE=4，AO=5，
∴OE=3，
易得△AOE∽△ABD，
∴$\frac{OE}{AO}=\frac{BD}{AB}$，
∴$BD=\frac{24}{5}$，
∴$BD=PD=\frac{24}{5}$，即PB=$\frac{48}{5}$，
∵AB=AP=8，
∴∠ABD=∠P，
∵∠PAC=∠ADB=90°，
∴△ABD∽△CPA，
∴$\frac{BD}{AB}=\frac{PA}{CP}$，
∴CP=$\frac{40}{3}$，
∴BC=CP-BP=$\frac{40}{3}-\frac{48}{5}$=$\frac{56}{15}$；
③當(dāng)PA=PB時(shí)
如圖2，連接PO并延長(zhǎng)，交AB于點(diǎn)F，過(guò)點(diǎn)C作CG⊥AB，交AB的延長(zhǎng)線于點(diǎn)G，連接OB，
則PF⊥AB，
∴AF=FB=4，
在Rt△OFB中，OB=5，F(xiàn)B=4，
∴OF=3，
∴FP=8，
易得△PFB∽△CGB，
∴$\frac{PF}{FB}=\frac{CG}{BG}=\frac{2}{1}$，
設(shè)BG=t，則CG=2t，
易得∠PAF=∠ACG，
∵∠AFP=∠AGC=90°，
∴△APF∽△CAG，
∴$\frac{AF}{PF}=\frac{CG}{AG}$，
∴$\frac{2t}{8+t}=\frac{1}{2}$，解得t=$\frac{8}{3}$，
在Rt△BCG中，BC=$\sqrt{5}$t=$\frac{8\sqrt{5}}{3}$，
綜上所述，當(dāng)△PAB是等腰三角形時(shí)，線段BC的長(zhǎng)為8，$\frac{56}{15}$，$\frac{8\sqrt{5}}{3}$，
故答案為：8，$\frac{56}{15}$，$\frac{8\sqrt{5}}{3}$．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查了垂徑定理，相似三角形的性質(zhì)及判定，等腰三角形的性質(zhì)及判定，數(shù)形結(jié)合，分類討論是解答此題的關(guān)鍵．