Question

6．已知：如圖，在等邊△ABC中，點(diǎn)D是AC上任意一點(diǎn)，點(diǎn)E在BC延長(zhǎng)線上，連接DB，使得BD=DE．

（1）如圖1，求證：AD=CE；
（2）如圖2，取BD的中點(diǎn)F，連接AE、AF．求證：∠CAE=∠BAF；
（3）如圖3，在（2）的條件下，過(guò)點(diǎn)F作AE的垂線，垂足為H，若AH=$\sqrt{3}$．求：EH的長(zhǎng)．

Answer 1

分析 （1）作DF∥AB，可證△≌BDF△EDC，可得BF=CE，再證AD=BF即可解題；
（2）先構(gòu)造出△BFG≌△DFA得出BG=AD，進(jìn)而得出BG=CE，再用SAS判斷出△ABG≌△ACE即可得出結(jié)論；
（3）先用含30°角的直角三角形的性質(zhì)，求出AF，進(jìn)而求出AE，最后用EH=AE-AH即可得出結(jié)論．

解答 解：（1）如圖1，作DF∥AB，

∵DF∥AB，
∴$\frac{CF}{BC}=\frac{CD}{AC}$，
∵AC=BC，
∴CF=CD，
∴BF=AD，
∵DF∥AB，
∴∠DFC=60°，
∴∠BFD=120°，
∵BD=DE，
∴∠E=∠DBE，
在△BDF和△EDC中，$\left\{\begin{array}{l}{∠BFD=∠DCE}\\{∠E=∠DBE}\\{BD=DE}\end{array}\right.$，
∴△BDF≌△EDC，（AAS）
∴BF=CE，
∴AD=CE，
（2）如圖2，

過(guò)點(diǎn)B作BG∥AC交AF的延長(zhǎng)線于G，
∴∠G=∠DAF，∠CBG=∠ACB=60°，
∴∠ABG=∠ABC+∠CBG=120°=∠ACE，
∵點(diǎn)F是BD中點(diǎn)，
∴BF=DF，
在△BFG和△DFA中，$\left\{\begin{array}{l}{∠G=∠DAF}\\{∠BFG=∠DFA}\\{BF=DF}\end{array}\right.$，
∴△BFG≌△DFA，
∴BG=AD，
由（1）知，AD=CE，
∴BG=CE，
在△ABG和△ACE中，$\left\{\begin{array}{l}{AB=AC}\\{∠ABG=∠ACE}\\{BG=CE}\end{array}\right.$，
∴△ABG≌△ACE，
∴∠BAF=CAE；
（3）由（2）知，∠BAF=∠CAE，
∴∠FAE=∠FAC+∠CAE=∠FAC+∠BAF=∠BAC=60°，
∵FH⊥AE，
∴∠AHF=90°，
∴∠AFH=90°-∠FAE=30°，
在Rt△AFH中，AH=$\sqrt{3}$，
∴AF=2$\sqrt{3}$，
由（2）知，△BFG≌△DFA，
∴GF=AF=2$\sqrt{3}$，
由（2）知，△ABG≌△ACE，
∴AE=AG=2AF=4$\sqrt{3}$，
∴EH=AE-AH=4$\sqrt{3}$-$\sqrt{3}$=3$\sqrt{3}$．

點(diǎn)評(píng) 此題是三角形綜合題，主要考查了等邊三角形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，含30°角的直角三角形的性質(zhì)，解本題的關(guān)鍵是構(gòu)造出△BFG≌△DFA，是一道比較簡(jiǎn)單的中考常考題．